eksponentinės lygtys. Logaritmo metodas. Eksponentinių lygčių sprendimas. Pavyzdžiai Paprastų eksponentinių lygčių sprendimas

Ši pamoka skirta tiems, kurie tik pradeda mokytis eksponentinių lygčių. Kaip visada, pradėkime nuo apibrėžimo ir paprastų pavyzdžių.

Jeigu skaitote šią pamoką, tai įtariu, kad jau bent minimaliai suprantate paprasčiausias lygtis – tiesinę ir kvadratinę: $56x-11=0$; $((x)^(2))+5x+4=0$; $((x)^(2))-12x+32=0$ ir pan. Mokėti išspręsti tokias konstrukcijas būtina, kad „neužsikabintume“ temoje, apie kurią dabar bus kalbama.

Taigi, eksponentinės lygtys. Pateiksiu porą pavyzdžių:

\[((2)^(x))=4;\quad ((5)^(2x-3))=\frac(1)(25);\quad ((9)^(x))=- 3\]

Kai kurie iš jų jums gali pasirodyti sudėtingesni, kai kurie, atvirkščiai, yra pernelyg paprasti. Tačiau juos visus vienija viena svarbi savybė: juose yra eksponentinė funkcija $f\left(x \right)=((a)^(x))$. Taigi pateikiame apibrėžimą:

Eksponentine lygtimi vadinama bet kuri lygtis, kurioje yra eksponentinė funkcija, t.y. $((a)^(x))$ formos išraiška. Be nurodytos funkcijos, tokiose lygtyse gali būti bet kokių kitų algebrinių konstrukcijų – polinomų, šaknų, trigonometrijos, logaritmų ir kt.

Gerai tada. Suprato apibrėžimą. Dabar kyla klausimas: kaip išspręsti visą šitą nesąmonę? Atsakymas yra paprastas ir sudėtingas tuo pačiu metu.

Pradėkime nuo gerų naujienų: iš savo patirties su daugeliu studentų galiu pasakyti, kad daugumai jų eksponentinės lygtys yra daug lengvesnės nei tie patys logaritmai, o juo labiau trigonometrija.

Tačiau yra ir blogų naujienų: kartais visokių vadovėlių ir egzaminų užduočių rengėjus aplanko „įkvėpimas“, o jų narkotikų uždegtos smegenys ima gaminti tokias žiaurias lygtis, kad ne tik studentams jas spręsti tampa problematiška. net daugelis mokytojų užstringa dėl tokių problemų.

Tačiau nekalbėkime apie liūdnus dalykus. Ir grįžkime prie tų trijų lygčių, kurios buvo pateiktos pačioje istorijos pradžioje. Pabandykime išspręsti kiekvieną iš jų.

Pirmoji lygtis: $((2)^(x))=4$. Na, iki kokio laipsnio reikia pakelti skaičių 2, kad gautume skaičių 4? Galbūt antrasis? Juk $((2)^(2))=2\cdot 2=4$ — ir gavome teisingą skaitinę lygybę, t.y. tikrai $x=2$. Na, ačiū, kepurė, bet ši lygtis buvo tokia paprasta, kad net mano katė galėjo ją išspręsti. :)

Pažvelkime į tokią lygtį:

\[((5)^(2x-3))=\frac(1)(25)\]

Bet čia yra šiek tiek sunkiau. Daugelis mokinių žino, kad $((5)^(2))=25$ yra daugybos lentelė. Kai kurie taip pat įtaria, kad $((5)^(-1))=\frac(1)(5)$ iš esmės yra neigiamų eksponentų apibrėžimas (panašus į formulę $((a)^(-n))= \ frac(1)(((a)^(n)))$).

Galiausiai tik keli atrinkti spėja, kad šiuos faktus galima sujungti, o rezultatas yra toks:

\[\frac(1)(25)=\frac(1)(((5)^(2)))=((5)^(-2))\]

Taigi, mūsų pradinė lygtis bus perrašyta taip:

\[((5)^(2x-3))=\frac(1)(25)\Rightarrow ((5)^(2x-3))=((5)^(-2))\]

Ir dabar tai jau visiškai išspręsta! Kairėje lygties pusėje yra eksponentinė funkcija, dešinėje lygties pusėje yra eksponentinė funkcija, niekur kitur nėra nieko, išskyrus juos. Todėl galima „išmesti“ pagrindus ir kvailai sutapatinti rodiklius:

Gavome paprasčiausią tiesinę lygtį, kurią bet kuris mokinys gali išspręsti vos per kelias eilutes. Gerai, keturiomis eilutėmis:

\[\begin(lygiuoti)& 2x-3=-2 \\& 2x=3-2 \\& 2x=1 \\& x=\frac(1)(2) \\\end(lygiuoti)\]

Jei nesuprantate, kas atsitiko paskutinėse keturiose eilutėse, būtinai grįžkite į temą „tiesinės lygtys“ ir pakartokite. Nes be aiškaus šios temos įsisavinimo dar per anksti imtis eksponentinių lygčių.

\[((9)^(x)) = -3\]

Na, kaip jūs nuspręsite? Pirma mintis: $9=3\cdot 3=((3)^(2))$, todėl pradinę lygtį galima perrašyti taip:

\[((\left(((3)^(2)) \right))^(x))=-3\]

Tada primename, kad didinant laipsnį iki galios, rodikliai dauginami:

\[((\left(((3)^(2)) \right))^(x))=((3)^(2x))\Rodyklė dešinėn ((3)^(2x))=-(( 3)^(1))\]

\[\begin(lygiuoti)& 2x=-1 \\& x=-\frac(1)(2) \\\end(lygiuoti)\]

Ir už tokį sprendimą gauname sąžiningai pelnytą dvikovą. Nes mes, kaip pokemonas, nusiuntėme minuso ženklą priešais tris būtent šio trijulio galia. Ir tu negali to padaryti. Ir todėl. Pažvelkite į skirtingas trigubo galias:

\[\begin(matrica) ((3)^(1))=3& ((3)^(-1))=\frac(1)(3)& ((3)^(\frac(1)( 2)))=\sqrt(3) \\ ((3)^(2))=9& ((3)^(-2))=\frac(1)(9)& ((3)^(\ frac(1)(3)))=\sqrt(3) \\ ((3)^(3))=27& ((3)^(-3))=\frac(1)(27)& (( 3)^(-\frac(1)(2)))=\frac(1)(\sqrt(3)) \\\end(matrica)\]

Sudarydamas šią planšetę neiškrypau iš karto, kaip tai padariau: svarsčiau ir teigiamus laipsnius, ir neigiamus, ir net trupmeninius... na, kur čia bent vienas neigiamas skaičius? Jis nėra! Ir negali būti, nes eksponentinė funkcija $y=((a)^(x))$, pirma, visada ima tik teigiamas reikšmes (nesvarbu, kiek padauginsite vieną ar padalinsite iš dviejų, ji vis tiek bus teigiamas skaičius), ir, antra, tokios funkcijos pagrindas, skaičius $a$, pagal apibrėžimą yra teigiamas skaičius!

Na, kaip tada išspręsti lygtį $((9)^(x))=-3$? Ne, šaknų nėra. Ir šia prasme eksponentinės lygtys labai panašios į kvadratines – šaknų taip pat gali nebūti. Bet jei kvadratinėse lygtyse šaknų skaičių lemia diskriminantas (diskriminantas teigiamas – 2 šaknys, neigiamas – šaknų nėra), tai eksponentinėse lygtyse viskas priklauso nuo to, kas yra į dešinę nuo lygybės ženklo.

Taigi suformuluojame pagrindinę išvadą: paprasčiausia formos $((a)^(x))=b$ eksponentinė lygtis turi šaknį tada ir tik tada, kai $b \gt 0$. Žinodami šį paprastą faktą, galite lengvai nustatyti, ar jums pasiūlyta lygtis turi šaknis, ar ne. Tie. ar verta apskritai tai spręsti ar iš karto parašyti, kad šaknų nėra.

Šios žinios padės mums daug kartų, kai turėsime išspręsti sudėtingesnes problemas. Tuo tarpu užteks dainų tekstų – laikas išstudijuoti pagrindinį eksponentinių lygčių sprendimo algoritmą.

Kaip išspręsti eksponentines lygtis

Taigi, suformuluokime problemą. Būtina išspręsti eksponentinę lygtį:

\[((a)^(x))=b,\quad a,b \gt 0\]

Pagal „naivų“ algoritmą, kurį naudojome anksčiau, skaičių $b$ reikia pavaizduoti kaip skaičiaus $a$ laipsnį:

Be to, jei vietoj kintamojo $x$ yra kokia nors išraiška, gausime naują lygtį, kurią jau galima išspręsti. Pavyzdžiui:

\[\begin(align)& ((2)^(x))=8\Rodyklė dešinėn ((2)^(x))=((2)^(3))\Rodyklė dešinėn x=3; \\& ((3)^(-x))=81\Rodyklė dešinėn ((3)^(-x))=((3)^(4))\RightArrow -x=4\RightArrow x=-4; \\& ((5)^(2x))=125\RightArrow ((5)^(2x))=((5)^(3))\RightArrow 2x=3\Rightarrow x=\frac(3)( 2). \\\pabaiga (lygiuoti)\]

Ir kaip bebūtų keista, ši schema veikia maždaug 90% atvejų. O kaip tada su kitais 10%? Likę 10% yra šiek tiek „šizofreniškos“ formos eksponentinės lygtys:

\[((2)^(x))=3;\quad ((5)^(x))=15;\quad ((4)^(2x))=11\]

Kokia galia reikia pakelti 2, kad gautum 3? Pirmajame? Bet ne: $((2)^(1))=2$ nepakanka. Antroje? Nė vienas: $((2)^(2))=4$ yra per daug. Kas tada?

Išmanantys studentai tikriausiai jau atspėjo: tokiais atvejais, kai neįmanoma išspręsti „gražiai“, prie bylos prijungiama „sunkioji artilerija“ - logaritmai. Leiskite jums priminti, kad naudojant logaritmus, bet kuris teigiamas skaičius gali būti pavaizduotas kaip bet kurio kito teigiamo skaičiaus laipsnis (išskyrus vieną):

Prisimeni šią formulę? Kai pasakoju savo mokiniams apie logaritmus, visada perspėju: ši formulė (tai taip pat yra pagrindinė logaritminė tapatybė arba, jei norite, logaritmo apibrėžimas) jus persekios labai ilgai ir „atsiras“ daugiausiai. netikėtų vietų. Na, ji pasirodė. Pažvelkime į mūsų lygtį ir šią formulę:

\[\begin(lygiuoti)& ((2)^(x))=3 \\& a=((b)^(((\log )_(b))a)) \\\end(lygiuoti) \]

Jei darysime prielaidą, kad $a=3$ yra mūsų pradinis skaičius dešinėje, o $b=2$ yra pats eksponentinės funkcijos, iki kurios norime sumažinti dešiniąją pusę, pagrindas, gausime:

\[\begin(lygiuoti)& a=((b)^(((\log )_(b))a))\Rodyklė dešinėn 3=((2)^(((\log )_(2))3 )); \\& ((2)^(x))=3\Rodyklė dešinėn ((2)^(x))=((2)^(((\log )_(2))3))\Rodyklė dešinėn x=( (\log )_(2))3. \\\pabaiga (lygiuoti)\]

Gavome šiek tiek keistą atsakymą: $x=((\log )_(2))3$. Atliekant kokią nors kitą užduotį, su tokiu atsakymu, daugelis suabejotų ir imtų dar kartą tikrinti savo sprendimą: o jei kur nors būtų klaida? Skubu jus įtikti: čia nėra jokios klaidos, o logaritmai eksponentinių lygčių šaknyse yra gana tipiška situacija. Taigi pripraskite. :)

Dabar pagal analogiją išsprendžiame likusias dvi lygtis:

\[\begin(lygiuoti)& ((5)^(x))=15\Rodyklė dešinėn ((5)^(x))=((5)^(((\log )_(5))15)) \Rightarrow x=((\log )_(5))15; \\& ((4)^(2x))=11\Rodyklė dešinėn ((4)^(2x))=((4)^(((\log )_(4))11))\Rodyklė dešinėn 2x=( (\log )_(4))11\Rodyklė dešinėn x=\frac(1)(2)((\log )_(4))11. \\\pabaiga (lygiuoti)\]

Tai viskas! Beje, paskutinį atsakymą galima parašyti kitaip:

Būtent mes įvedėme daugiklį į logaritmo argumentą. Tačiau niekas netrukdo mums pridėti šio faktoriaus į bazę:

Be to, visi trys variantai yra teisingi – tai tik skirtingos to paties skaičiaus rašymo formos. Kurį pasirinkti ir užsirašyti šiame sprendime, priklauso nuo jūsų.

Taigi, mes išmokome išspręsti bet kokias formos $((a)^(x))=b$ eksponentines lygtis, kur skaičiai $a$ ir $b$ yra griežtai teigiami. Tačiau atšiauri mūsų pasaulio realybė yra ta, kad tokios paprastos užduotys sutiks labai labai retai. Dažniau susidursite su tokiais dalykais:

\[\begin(lygiuoti)& ((4)^(x))+((4)^(x-1))=((4)^(x+1))-11; \\& ((7)^(x+6))\cdot ((3)^(x+6))=((21)^(3x)); \\& ((100)^(x-1))\cdot ((2,7)^(1-x))=0,09. \\\pabaiga (lygiuoti)\]

Na, kaip jūs nuspręsite? Ar tai apskritai galima išspręsti? Ir jei taip, kaip?

Jokios panikos. Visos šios lygtys greitai ir paprastai sumažinamos iki tų paprastų formulių, kurias jau svarstėme. Jums tereikia žinoti, kad prisimintumėte keletą gudrybių iš algebros kurso. Ir, žinoma, čia nėra jokių darbo su laipsniais taisyklių. Dabar apie visa tai papasakosiu. :)

Eksponentinių lygčių transformacija

Pirmiausia reikia atsiminti, kad bet kuri eksponentinė lygtis, kad ir kokia sudėtinga ji būtų, vienaip ar kitaip turi būti sumažinta iki paprasčiausių lygčių – tų, kurias jau svarstėme ir kurias žinome, kaip išspręsti. Kitaip tariant, bet kokios eksponentinės lygties sprendimo schema atrodo taip:

1. Užrašykite pradinę lygtį. Pavyzdžiui: $((4)^(x))+((4)^(x-1))=((4)^(x+1))-11$;
2. Daryk kvailą šūdą. Ar net kažkoks mėšlas, vadinamas „pakeisk lygtį“;
3. Išvestyje gaukite paprasčiausias išraiškas, pvz., $((4)^(x))=4$ arba kažką panašaus. Be to, viena pradinė lygtis gali pateikti kelias tokias išraiškas vienu metu.

Su pirmu tašku viskas aišku – net mano katė gali užrašyti lygtį ant lapo. Atrodo, kad ir su trečiuoju punktu taip pat daugmaž aišku – aukščiau jau išsprendėme visą krūvą tokių lygčių.

Bet kaip su antruoju punktu? Kokios yra transformacijos? Ką konvertuoti į ką? Ir kaip?

Na, išsiaiškinkime. Pirmiausia norėčiau atkreipti dėmesį į šiuos dalykus. Visos eksponentinės lygtys skirstomos į du tipus:

1. Lygtis sudaryta iš eksponentinių funkcijų, turinčių tą pačią bazę. Pavyzdys: $((4)^(x))+((4)^(x-1))=((4)^(x+1))-11$;
2. Formulėje yra eksponentinės funkcijos su skirtingais pagrindais. Pavyzdžiai: $((7)^(x+6))\cdot ((3)^(x+6))=((21)^(3x))$ ir $((100)^(x-1) )\cdot ((2,7)^(1-x))=0,09 $.

Pradėkime nuo pirmojo tipo lygčių – jas lengviausia išspręsti. O jų sprendime mums padės tokia technika kaip stabilių posakių parinkimas.

Stabilios išraiškos paryškinimas

Dar kartą pažvelkime į šią lygtį:

\[((4)^(x))+((4)^(x-1))=((4)^(x+1))-11\]

Ką mes matome? Keturi pakeliami skirtingais laipsniais. Bet visos šios galios yra paprastos kintamojo $x$ sumos su kitais skaičiais. Todėl būtina atsiminti darbo su laipsniais taisykles:

\[\begin(lygiuoti)& ((a)^(x+y))=((a)^(x))\cdot ((a)^(y)); \\& ((a)^(x-y))=((a)^(x)):((a)^(y))=\frac(((a)^(x)))(((a) )^(y))). \\\pabaiga (lygiuoti)\]

Paprasčiau tariant, eksponentų pridėjimas gali būti konvertuojamas į laipsnių sandaugą, o atimtis lengvai paverčiama padalijimu. Pabandykime pritaikyti šias formules mūsų lygties galioms:

\[\begin(lygiuoti)& ((4)^(x-1))=\frac(((4)^(x)))(((4)^(1)))=((4)^ (x))\cdot \frac(1)(4); \\& ((4)^(x+1))=((4)^(x))\cdot ((4)^(1))=((4)^(x))\cdot 4. \ \\pabaiga (lygiuoti)\]

Atsižvelgdami į šį faktą perrašome pradinę lygtį, tada surenkame visus terminus kairėje:

\[\begin(lygiuoti)& ((4)^(x))+((4)^(x))\cdot \frac(1)(4)=((4)^(x))\cdot 4 -vienuolika; \\& ((4)^(x))+((4)^(x))\cdot \frac(1)(4)-((4)^(x))\cdot 4+11=0. \\\pabaiga (lygiuoti)\]

Pirmuosiuose keturiuose terminuose yra elementas $((4)^(x))$ – išimkime jį iš skliausto:

\[\begin(lygiuoti)& ((4)^(x))\cdot \left(1+\frac(1)(4)-4 \right)+11=0; \\& ((4)^(x))\cdot \frac(4+1-16)(4)+11=0; \\& ((4)^(x))\cdot \left(-\frac(11)(4) \right)=-11. \\\pabaiga (lygiuoti)\]

Belieka abi lygties dalis padalinti iš trupmenos $-\frac(11)(4)$, t.y. iš esmės padauginkite iš atvirkštinės trupmenos - $-\frac(4)(11)$. Mes gauname:

\[\begin(lygiuoti)& ((4)^(x))\cdot \left(-\frac(11)(4) \right)\cdot \left(-\frac(4)(11) \right )=-11\cdot \left(-\frac(4)(11) \right); \\& ((4)^(x))=4; \\& ((4)^(x))=((4)^(1)); \\&x=1. \\\pabaiga (lygiuoti)\]

Tai viskas! Pradinę lygtį sumažinome iki paprasčiausios ir gavome galutinį atsakymą.

Tuo pačiu metu, spręsdami, mes atradome (ir net išėmėme iš skliaustų) bendrą koeficientą $((4)^(x))$ - tai yra stabili išraiška. Jis gali būti nurodytas kaip naujas kintamasis arba tiesiog tiksliai jį išreikšti ir gauti atsakymą. Bet kuriuo atveju pagrindinis sprendimo principas yra toks:

Pradinėje lygtyje suraskite stabilią išraišką, kurioje yra kintamasis, kurį lengva atskirti nuo visų eksponentinių funkcijų.

Geros naujienos yra tai, kad beveik kiekviena eksponentinė lygtis pripažįsta tokią stabilią išraišką.

Tačiau yra ir blogų naujienų: tokie posakiai gali būti labai keblūs, o atskirti juos gali būti gana sunku. Taigi pažvelkime į kitą problemą:

\[((5)^(x+2))+((0,2)^(-x-1))+4\cdot ((5)^(x+1))=2\]

Galbūt dabar kam nors kils klausimas: „Paša, tu užmėtyta akmenimis? Čia yra skirtingos bazės - 5 ir 0,2. Bet pabandykime konvertuoti galią su baze 0.2. Pavyzdžiui, atsikratykime dešimtainės trupmenos, pakeisdami ją į įprastą:

\[((0,2)^(-x-1))=((0,2)^(-\left(x+1 \right)))=((\left(\frac(2)(10) ) \right))^(-\left(x+1 \right)))=((\left(\frac(1)(5) \right))^(-\left(x+1 \right)) )\]

Kaip matote, skaičius 5 vis tiek pasirodė, nors ir vardiklyje. Tuo pačiu metu rodiklis buvo perrašytas į neigiamą. Ir dabar primename vieną iš svarbiausių darbo su laipsniais taisyklių:

\[((a)^(-n))=\frac(1)(((a)^(n)))\Rightarrow ((\left(\frac(1)(5) \right))^( -\left(x+1 \right)))=((\left(\frac(5)(1) \right))^(x+1))=((5)^(x+1))\ ]

Čia, žinoma, šiek tiek apgavau. Kadangi norint visiškai suprasti, formulė, kaip atsikratyti neigiamų rodiklių, turėjo būti parašyta taip:

\[((a)^(-n))=\frac(1)(((a)^(n)))=((\left(\frac(1)(a) \right))^(n ))\Rodyklė dešinėn ((\left(\frac(1)(5) \right))^(-\left(x+1 \right)))=((\left(\frac(5)(1) \ dešinėje))^(x+1))=((5)^(x+1))\]

Kita vertus, niekas netrukdė mums dirbti tik su viena frakcija:

\[((\left(\frac(1)(5) \right))^(-\left(x+1 \right)))=((\left(((5)^(-1)) \ dešinė))^(-\left(x+1 \right)))=((5)^(\left(-1 \right)\cdot \left(-\left(x+1 \right) \right) ))=((5)^(x+1))\]

Bet šiuo atveju reikia mokėti pakelti laipsnį į kitą laipsnį (primenu: tokiu atveju rodikliai sumuojami). Bet man nereikėjo „vartyti“ trupmenų - galbūt kažkam bus lengviau. :)

Bet kokiu atveju pradinė eksponentinė lygtis bus perrašyta taip:

\[\begin(lygiuoti)& ((5)^(x+2))+((5)^(x+1))+4\cdot ((5)^(x+1))=2; \\& ((5)^(x+2))+5\cdot ((5)^(x+1))=2; \\& ((5)^(x+2))+((5)^(1))\cdot ((5)^(x+1))=2; \\& ((5)^(x+2))+((5)^(x+2))=2; \\& 2\cdot ((5)^(x+2))=2; \\& ((5)^(x+2))=1. \\\pabaiga (lygiuoti)\]

Taigi pasirodo, kad pradinę lygtį išspręsti yra dar lengviau nei anksčiau svarstytą: čia net nereikia išskirti stabilios išraiškos - viskas sumažėjo savaime. Belieka tik atsiminti, kad $1=((5)^(0))$, iš kur gauname:

\[\begin(lygiuoti)& ((5)^(x+2))=((5)^(0)); \\&x+2=0; \\&x=-2. \\\pabaiga (lygiuoti)\]

Štai visas sprendimas! Gavome galutinį atsakymą: $x=-2$. Tuo pat metu norėčiau atkreipti dėmesį į vieną triuką, kuris mums labai supaprastino visus skaičiavimus:

Eksponentinėse lygtyse būtinai atsikratykite dešimtainių trupmenų, išverskite jas į įprastas. Tai leis matyti tuos pačius laipsnių pagrindus ir labai supaprastins sprendimą.

Dabar pereikime prie sudėtingesnių lygčių, kuriose yra skirtingos bazės, kurios paprastai nėra redukuojamos viena į kitą naudojant galias.

Naudojant eksponento ypatybę

Leiskite jums priminti, kad turime dvi ypač griežtas lygtis:

\[\begin(lygiuoti)& ((7)^(x+6))\cdot ((3)^(x+6))=((21)^(3x)); \\& ((100)^(x-1))\cdot ((2,7)^(1-x))=0,09. \\\pabaiga (lygiuoti)\]

Pagrindinis sunkumas čia yra tas, kad neaišku, kuo ir kuo vadovautis. Kur yra fiksuotos išraiškos? Kur yra bendri pagrindai? Šito nėra.

Bet pabandykime eiti kitu keliu. Jei nėra paruoštų identiškų bazių, galite pabandyti jas surasti faktorinuodami turimas bazes.

Pradėkime nuo pirmosios lygties:

\[\begin(lygiuoti)& ((7)^(x+6))\cdot ((3)^(x+6))=((21)^(3x)); \\& 21=7\cdot 3\Rightarrow ((21)^(3x))=((\left(7\cdot 3 \right))^(3x))=((7)^(3x))\ cdot ((3)^(3x)). \\\pabaiga (lygiuoti)\]

Bet juk galima pasielgti priešingai – iš skaičių 7 ir 3 sudaryti skaičių 21. Tai ypač lengva padaryti kairėje, nes abiejų laipsnių rodikliai yra vienodi:

\[\begin(lygiuoti)& ((7)^(x+6))\cdot ((3)^(x+6))=((\left(7\cdot 3 \right))^(x+ 6) ))=((21)^(x+6)); \\& ((21)^(x+6))=((21)^(3x)); \\&x+6=3x; \\& 2x=6; \\&x=3. \\\pabaiga (lygiuoti)\]

Tai viskas! Jūs ištraukėte eksponentą iš gaminio ir iškart gavote gražią lygtį, kurią galima išspręsti keliomis eilutėmis.

Dabar panagrinėkime antrąją lygtį. Čia viskas daug sudėtingiau:

\[((100)^(x-1))\cdot ((2,7)^(1-x))=0,09\]

\[((100)^(x-1))\cdot ((\left(\frac(27)(10) \right))^(1-x))=\frac(9)(100)\]

Šiuo atveju trupmenos pasirodė nesumažinamos, bet jei ką nors pavyko sumažinti, būtinai sumažinkite. Dėl to dažnai atsiras įdomių priežasčių, su kuriomis jau galite dirbti.

Deja, nieko nesugalvojome. Bet matome, kad rodikliai kairėje produkto pusėje yra priešingi:

Leiskite jums priminti: norint atsikratyti minuso ženklo eksponente, tereikia „apversti“ trupmeną. Taigi perrašykime pradinę lygtį:

\[\begin(lygiuoti)& ((100)^(x-1))\cdot ((\left(\frac(10)(27) \right))^(x-1))=\frac(9 )(100); \\& ((\left(100\cdot \frac(10)(27) \right))^(x-1))=\frac(9)(100); \\& ((\left(\frac(1000)(27) \right))^(x-1))=\frac(9)(100). \\\pabaiga (lygiuoti)\]

Antroje eilutėje mes tiesiog suskaidėme bendrą produkto sumą pagal taisyklę $((a)^(x))\cdot ((b)^(x))=((\left(a\cdot b \right) ))^ (x))$, o pastarajame skaičių 100 jie tiesiog padaugino iš trupmenos.

Dabar atkreipkite dėmesį, kad skaičiai kairėje (apačioje) ir dešinėje yra šiek tiek panašūs. Kaip? Taip, aišku: tai to paties skaičiaus galios! Mes turime:

\[\begin(align)& \frac(1000)(27)=\frac(((10)^(3)))(((3)^(3)))=((\left(\frac() 10)(3) \dešinė))^(3)); \\& \frac(9)(100)=\frac(((3)^(2)))(((10)^(3)))=((\left(\frac(3)(10)) \dešinėje))^(2)). \\\pabaiga (lygiuoti)\]

Taigi mūsų lygtis bus perrašyta taip:

\[((\left(((\left(\frac(10)(3) \right))^(3)) \right))^(x-1))=((\left(\frac(3) )(10) \dešinė))^(2))\]

\[((\left(((\left(\frac(10)(3) \right))^(3)) \right))^(x-1))=((\left(\frac(10) )(3) \right))^(3\left(x-1 \right)))=((\left(\frac(10)(3) \right))^(3x-3))\]

Tuo pačiu metu, dešinėje, taip pat galite gauti laipsnį su ta pačia baze, kuriai pakanka tik „apversti“ trupmeną:

\[((\left(\frac(3)(10) \right))^(2))=((\left(\frac(10)(3) \right))^(-2))\]

Galiausiai mūsų lygtis bus tokia:

\[\begin(lygiuoti)& ((\left(\frac(10)(3) \right))^(3x-3))=((\left(\frac(10)(3) \right)) ^(-2)); \\& 3x-3=-2; \\& 3x=1; \\& x=\frac(1)(3). \\\pabaiga (lygiuoti)\]

Tai yra visas sprendimas. Jo pagrindinė mintis susiveda į tai, kad net ir dėl skirtingų priežasčių mes stengiamės šias priežastis sumažinti iki tos pačios. Tam mums padeda elementarios lygčių transformacijos ir darbo su galiomis taisyklės.

Bet kokias taisykles ir kada naudoti? Kaip suprasti, kad vienoje lygtyje reikia iš kažkuo padalyti abi puses, o kitoje – išskaidyti eksponentinės funkcijos bazę į veiksnius?

Atsakymas į šį klausimą ateis su patirtimi. Iš pradžių išbandykite paprastas lygtis, o po to palaipsniui komplikuokite užduotis - ir labai greitai jūsų įgūdžių pakaks, kad išspręstumėte bet kokią eksponentinę lygtį iš to paties USE ar bet kokį nepriklausomą / bandomąjį darbą.

Ir kad padėtų jums atlikti šią sudėtingą užduotį, siūlau į savo svetainę atsisiųsti lygčių rinkinį, kad gautumėte nepriklausomą sprendimą. Visos lygtys turi atsakymus, todėl visada galite pasitikrinti patys.

Apskritai linkiu sėkmingų mokymų. Ir iki pasimatymo kitoje pamokoje – ten išanalizuosime tikrai sudėtingas eksponentines lygtis, kur aukščiau aprašytų metodų nebepakanka. Ir paprastos treniruotės taip pat neužteks. :)

Eksponentinių lygčių sprendimas. Pavyzdžiai.

Dėmesio!
Yra papildomų
medžiaga specialiajame 555 skyriuje.
Tiems, kurie stipriai "nelabai..."
Ir tiems, kurie „labai...“)

Ką eksponentinė lygtis? Tai lygtis, kurioje yra nežinomieji (x) ir išraiškos su jais rodikliai kai kurie laipsniai. Ir tik ten! Svarbu.

Štai kur tu eksponentinių lygčių pavyzdžiai:

3 x 2 x = 8 x + 3

Pastaba! Laipsnių pagrindu (žemiau) - tik skaičiai. AT rodikliai laipsniai (aukščiau) - daugybė išraiškų su x. Jei staiga lygtyje x atsiranda kur nors kitur nei indikatorius, pavyzdžiui:

tai bus mišraus tipo lygtis. Tokios lygtys neturi aiškių sprendimo taisyklių. Kol kas jų nesvarstysime. Čia mes susidorosime su eksponentinių lygčių sprendimas gryniausia forma.

Tiesą sakant, net grynos eksponentinės lygtys ne visada yra aiškiai išspręstos. Tačiau yra tam tikrų tipų eksponentinių lygčių, kurias galima ir reikia išspręsti. Tai yra rūšys, kurias mes apžvelgsime.

Paprasčiausių eksponentinių lygčių sprendimas.

Pradėkime nuo kažko labai paprasto. Pavyzdžiui:

Net ir be jokios teorijos, paprastu pasirinkimu aišku, kad x = 2. Nieko daugiau, tiesa!? Jokių kitų x vertės ritinių. O dabar pažvelkime į šios sudėtingos eksponentinės lygties sprendimą:

Ką mes padarėme? Mes, tiesą sakant, tiesiog išmetėme tas pačias apatines (trigubas). Visiškai išmestas. Ir, kas patinka, pataikykite!

Iš tiesų, jei eksponentinės lygties kairėje ir dešinėje yra tas pats skaičiai bet kokiu laipsniu, šie skaičiai gali būti pašalinti ir lygūs eksponentams. Matematika leidžia. Belieka išspręsti daug paprastesnę lygtį. Tai gerai, tiesa?)

Tačiau prisiminkime ironiškai: pagrindus galite nuimti tik tada, kai baziniai numeriai kairėje ir dešinėje yra puikiai atskirti! Be jokių kaimynų ir koeficientų. Tarkime lygtyse:

2 x +2 x + 1 = 2 3 arba

Jūs negalite pašalinti dvigubų!

Na, mes įvaldėme svarbiausią dalyką. Kaip pereiti nuo piktų eksponentinių išraiškų prie paprastesnių lygčių.

– Štai tie laikai! - sakai tu. "Kas duos tokį primityvą ant kontrolinio ir egzaminų!?"

Priverstas sutikti. Niekas to nepadarys. Tačiau dabar žinote, kur kreiptis sprendžiant painius pavyzdžius. Būtina tai atsiminti, kai tas pats bazinis numeris yra kairėje - dešinėje. Tada viskas bus lengviau. Tiesą sakant, tai yra matematikos klasika. Mes paimame originalų pavyzdį ir paverčiame jį norimu mus protas. Žinoma, pagal matematikos taisykles.

Apsvarstykite pavyzdžius, kuriems reikia šiek tiek papildomų pastangų, kad juos būtų galima padaryti paprasčiausius. Paskambinkime jiems paprastos eksponentinės lygtys.

Paprastų eksponentinių lygčių sprendimas. Pavyzdžiai.

Sprendžiant eksponentines lygtis, pagrindinės taisyklės yra veiksmai su galiomis. Nežinant apie šiuos veiksmus niekas neveiks.

Prie veiksmų su laipsniais reikia pridėti asmeninį stebėjimą ir išradingumą. Ar mums reikia tų pačių bazinių skaičių? Taigi pavyzdyje jų ieškome aiškia arba užšifruota forma.

Pažiūrėkime, kaip tai daroma praktiškai?

Pateiksime pavyzdį:

2 2x - 8 x+1 = 0

Pirmas žvilgsnis į pagrindu. Jie... Jie skirtingi! Du ir aštuoni. Tačiau dar per anksti nusiminti. Laikas tai prisiminti

Du ir aštuoni yra laipsnio giminės.) Visiškai įmanoma užsirašyti:

8 x+1 = (2 3) x+1

Jei prisiminsime formulę iš veiksmų su galiomis:

(a n) m = a nm ,

paprastai veikia puikiai:

8 x+1 = (2 3) x+1 = 2 3 (x+1)

Originalus pavyzdys atrodo taip:

2 2x - 2 3 (x+1) = 0

Perkeliame 2 3 (x+1)į dešinę (niekas neatšaukė elementarių matematikos veiksmų!), gauname:

2 2 x \u003d 2 3 (x + 1)

Tai praktiškai viskas. Pagrindo pašalinimas:

Mes išsprendžiame šį monstrą ir gauname

Tai teisingas atsakymas.

Šiame pavyzdyje mums padėjo dviejų galių žinojimas. Mes nustatyta aštuntoje – užšifruotas dvikovas. Ši technika (bendrų bazių kodavimas skirtingais skaičiais) yra labai populiarus eksponentinių lygčių triukas! Taip, net logaritmais. Skaičiuose reikia mokėti atpažinti kitų skaičių galias. Tai labai svarbu sprendžiant eksponenlines lygtis.

Faktas yra tai, kad bet kokį skaičių padidinti iki bet kokios galios nėra problema. Padauginkite, kad ir ant popieriaus lapo, ir viskas. Pavyzdžiui, kiekvienas gali pakelti 3 iki penktos laipsnio. 243 pasirodys, jei žinote daugybos lentelę.) Tačiau eksponentinėse lygtyse daug dažniau reikia kelti ne iki laipsnio, o atvirkščiai ... koks skaičius, kokiu mastu slepiasi už skaičiaus 243, arba, tarkim, 343... Joks skaičiuotuvas čia nepadės.

Kai kurių skaičių galias reikia žinoti iš matymo, taip... Ar pasitreniruosime?

Nustatykite, kokios galios ir kokie skaičiai yra skaičiai:

2; 8; 16; 27; 32; 64; 81; 100; 125; 128; 216; 243; 256; 343; 512; 625; 729, 1024.

Atsakymai (žinoma, netvarkoje!):

5 4 ; 2 10 ; 7 3 ; 3 5 ; 2 7 ; 10 2 ; 2 6 ; 3 3 ; 2 3 ; 2 1 ; 3 6 ; 2 9 ; 2 8 ; 6 3 ; 5 3 ; 3 4 ; 2 5 ; 4 4 ; 4 2 ; 2 3 ; 9 3 ; 4 5 ; 8 2 ; 4 3 ; 8 3 .

Atidžiau pažvelgę ​​pamatysite keistą faktą. Atsakymų yra daugiau nei klausimų! Na, būna... Pavyzdžiui, 2 6 , 4 3 , 8 2 yra visi 64.

Tarkime, kad atkreipėte dėmesį į informaciją apie pažintį su skaičiais.) Leiskite jums priminti, kad spręsdami eksponentines lygtis taikome visas matematinių žinių fondą. Įskaitant iš žemesnių ir vidurinių klasių. Tu ne iškart į vidurinę mokyklą, ar ne?

Pavyzdžiui, sprendžiant eksponentines lygtis labai dažnai padeda bendrojo koeficiento dėjimas iš skliaustų (sveiki 7 klasei!). Pažiūrėkime pavyzdį:

3 2x+4 -11 9 x = 210

Ir vėl pirmas žvilgsnis – aikštelėje! Skirtingi laipsnių pagrindai... Trys ir devyni. Ir mes norime, kad jie būtų vienodi. Na, šiuo atveju noras yra gana įgyvendinamas!) Nes:

9 x = (3 2) x = 3 2x

Pagal tas pačias taisykles veiksmams su laipsniais:

3 2x+4 = 3 2x 3 4

Puiku, galite parašyti:

3 2x 3 4 - 11 3 2x = 210

Dėl tų pačių priežasčių pateikėme pavyzdį. Taigi, kas toliau!? Trijų negalima išmesti ... Aklavietė?

Visai ne. Prisimenant universaliausią ir galingiausią sprendimo taisyklę visi matematikos užduotys:

Jei nežinai, ką daryti, daryk, ką gali!

Pažiūrėk, viskas susiformuoja).

Kas yra šioje eksponentinėje lygtyje gali daryti? Taip, kairėje pusėje tiesiogiai prašoma skliaustų! Bendras koeficientas 3 2x aiškiai tai rodo. Pabandykime, tada pamatysime:

3 2x (3 4 - 11) = 210

3 4 - 11 = 81 - 11 = 70

Pavyzdys vis gerėja ir gerėja!

Primename, kad norint pašalinti bazes, reikia gryno laipsnio, be jokių koeficientų. Skaičius 70 mus trikdo. Taigi abi lygties puses padaliname iš 70, gauname:

Op-pa! Viskas buvo gerai!

Tai yra galutinis atsakymas.

Tačiau pasitaiko, kad išvažiuojama tuo pačiu pagrindu, tačiau jų likvidavimas – ne. Tai atsitinka kito tipo eksponentinėse lygtyse. Paimkime šį tipą.

Kintamojo keitimas sprendžiant eksponentines lygtis. Pavyzdžiai.

Išspręskime lygtį:

4 x - 3 2 x +2 = 0

Pirma – kaip įprasta. Pereikime prie bazės. Į dvikovą.

4 x = (2 2) x = 2 2x

Gauname lygtį:

2 2x - 3 2 x +2 = 0

Ir čia mes pakabinsime. Ankstesnės gudrybės neveiks, kad ir kaip pasuktumėte. Turėsime gauti iš kito galingo ir universalaus būdo arsenalo. Tai vadinama kintamasis pakeitimas.

Metodo esmė stebėtinai paprasta. Vietoj vienos sudėtingos piktogramos (mūsų atveju 2 x) rašome kitą, paprastesnę (pavyzdžiui, t). Toks, atrodytų, beprasmis pakeitimas veda prie nuostabių rezultatų!) Viskas tiesiog tampa aišku ir suprantama!

Taigi tegul

Tada 2 2x \u003d 2 x 2 \u003d (2 x) 2 \u003d t 2

Savo lygtyje visus laipsnius x pakeičiame t:

Na, išaušta?) Dar nepamiršote kvadratinių lygčių? Išsprendžiame per diskriminantą, gauname:

Čia svarbiausia nesustoti, kaip atsitinka... Tai dar ne atsakymas, mums reikia x, o ne t. Grįžtame prie Xs, t.y. darant pakaitalą. Pirmiausia t 1:

Tai yra,

Buvo rasta viena šaknis. Ieškome antrojo, nuo t 2:

Hm... Kairė 2 x, dešinė 1... Kabliukas? Taip, visai ne! Pakanka prisiminti (iš veiksmų su laipsniais, taip ...), kad vienybė yra bet koks skaičių iki nulio. Bet koks. Ko jums reikės, mes įdėsime. Mums reikia dviejų. Priemonės:

Dabar viskas. Turi 2 šaknis:

Tai yra atsakymas.

At sprendžiant eksponentines lygtis pabaigoje kartais gaunama kokia nors nepatogi išraiška. Tipas:

Nuo septyneto dvivietis per paprastą laipsnį neveikia. Jie nėra giminaičiai... Kaip aš galiu čia būti? Kažkas gali būti sumišęs ... Bet asmuo, kuris perskaitė šioje svetainėje temą "Kas yra logaritmas?" , tik taupiai nusišypsok ir tvirta ranka užsirašyk visiškai teisingą atsakymą:

Egzamino „B“ užduotyse tokio atsakymo negali būti. Reikalingas konkretus skaičius. Bet užduotyse „C“ – lengvai.

Šioje pamokoje pateikiami dažniausiai pasitaikančių eksponentinių lygčių sprendimo pavyzdžiai. Išskirkime pagrindinį.

Praktiniai patarimai:

1. Pirmiausia žiūrime pagrindu laipsnių. Pažiūrėkime, ar jų nepavyks padaryti tas pats. Pabandykime tai padaryti aktyviai naudodami veiksmai su galiomis. Nepamirškite, kad skaičiai be x taip pat gali būti paversti laipsniais!

2. Bandome įvesti eksponentinę lygtį į formą, kai kairė ir dešinė yra tas pats skaičiai bet kokiu laipsniu. Mes naudojame veiksmai su galiomis ir faktorizavimas. Ką galima suskaičiuoti skaičiais – skaičiuojame.

3. Jei antrasis patarimas nepasiteisino, bandome taikyti kintamąjį pakeitimą. Rezultatas gali būti lengvai išsprendžiama lygtis. Dažniausiai – kvadratas. Arba trupmena, kuri taip pat sumažinama iki kvadrato.

4. Norint sėkmingai išspręsti eksponenlines lygtis, reikia žinoti kai kurių skaičių laipsnius „iš akies“.

Kaip įprasta, pamokos pabaigoje kviečiama šiek tiek išspręsti.) Savarankiškai. Nuo paprasto iki sudėtingo.

Išspręskite eksponentines lygtis:

Sunkiau:

2 x + 3 - 2 x + 2 - 2 x \u003d 48

9 x - 8 3 x = 9

2 x - 2 0,5 x + 1 - 8 = 0

Raskite šaknų produktą:

2 3-x + 2 x = 9

Įvyko?

Na, tada pats sudėtingiausias pavyzdys (vis dėlto jis išspręstas mintyse ...):

7 0,13x + 13 0,7x+1 + 2 0,5x+1 = -3

Kas įdomiau? Tada čia jums blogas pavyzdys. Gana traukiant padidintą sunkumą. Užsiminsiu, kad šiame pavyzdyje gelbsti išradingumas ir universaliausia visų matematinių užduočių sprendimo taisyklė.)

2 5x-1 3 3x-1 5 2x-1 = 720 x

Paprastesnis pavyzdys, skirtas atsipalaiduoti):

9 2 x - 4 3 x = 0

Ir desertui. Raskite lygties šaknų sumą:

x 3 x - 9x + 7 3 x - 63 = 0

Taip taip! Tai mišraus tipo lygtis! Į ką šioje pamokoje nesvarstėme. Ir ką jas laikyti, jas reikia išspręsti!) Šios pamokos visiškai pakanka lygčiai išspręsti. Na, reikia išradingumo... Ir taip, septinta klasė jums padės (tai užuomina!).

Atsakymai (netvarkingi, atskirti kabliataškiais):

vienas; 2; 3; keturi; nėra sprendimų; 2; -2; -5; keturi; 0.

Ar viskas pasisekė? Puikiai.

Yra problema? Jokiu problemu! Specialiajame 555 skyriuje visos šios eksponentinės lygtys išspręstos su išsamiais paaiškinimais. Kas, kodėl ir kodėl. Ir, žinoma, yra papildomos vertingos informacijos apie darbą su visomis eksponentinėmis lygtimis. Ne tik su šiais.)

Paskutinis įdomus klausimas, kurį reikia apsvarstyti. Šioje pamokoje dirbome su eksponentinėmis lygtimis. Kodėl aš čia nepasakiau nė žodžio apie ODZ? Beje, lygtyse tai labai svarbus dalykas...

Jei jums patinka ši svetainė...

Beje, turiu jums dar keletą įdomių svetainių.)

Galite praktikuotis spręsdami pavyzdžius ir sužinoti savo lygį. Testavimas su momentiniu patvirtinimu. Mokymasis – su susidomėjimu!)

galite susipažinti su funkcijomis ir išvestinėmis.

Į mūsų svetainės „YouTube“ kanalą, kad sužinotumėte apie visas naujas vaizdo įrašų pamokas.

Pirmiausia prisiminkime pagrindines laipsnių formules ir jų savybes.

Skaičiaus sandauga a atsitinka n kartų, šią išraišką galime parašyti kaip a a … a=a n

1. a 0 = 1 (a ≠ 0)

3. a n a m = a n + m

4. (a n) m = a nm

5. a n b n = (ab) n

7. a n / a m \u003d a n - m

Galios arba eksponentinės lygtys- tai lygtys, kuriose kintamieji yra laipsniais (arba laipsniais), o pagrindas yra skaičius.

Eksponentinių lygčių pavyzdžiai:

Šiame pavyzdyje skaičius 6 yra pagrindas, jis visada yra apačioje ir kintamasis x laipsnis ar matas.

Pateiksime daugiau eksponentinių lygčių pavyzdžių.
2 x *5=10
16x-4x-6 = 0

Dabar pažiūrėkime, kaip sprendžiamos eksponentinės lygtys?

Paimkime paprastą lygtį:

2 x = 2 3

Tokį pavyzdį galima išspręsti net mintyse. Matyti, kad x=3. Juk norint, kad kairė ir dešinė pusės būtų lygios, vietoj x reikia dėti skaičių 3.
Dabar pažiūrėkime, kaip šis sprendimas turėtų būti priimtas:

2 x = 2 3
x = 3

Norėdami išspręsti šią lygtį, pašalinome tuo pačiu pagrindu(tai yra, deuces) ir surašė, kas liko, tai yra laipsniai. Gavome atsakymą, kurio ieškojome.

Dabar apibendrinkime savo sprendimą.

Eksponentinės lygties sprendimo algoritmas:
1. Reikia patikrinti tas pats ar lygties pagrindai dešinėje ir kairėje. Jei priežastys nėra vienodos, ieškome variantų, kaip išspręsti šį pavyzdį.
2. Kai pagrindai yra tokie patys, prilyginti laipsnį ir išspręskite gautą naują lygtį.

Dabar išspręskime keletą pavyzdžių:

Pradėkime nuo paprasto.

Kairėje ir dešinėje pusėse esantys pagrindai yra lygūs skaičiui 2, o tai reiškia, kad galime atmesti pagrindą ir sulyginti jų laipsnius.

x+2=4 Paaiškėjo paprasčiausia lygtis.
x = 4 - 2
x=2
Atsakymas: x=2

Toliau pateiktame pavyzdyje matote, kad bazės skiriasi, tai yra 3 ir 9.

3 3x - 9 x + 8 = 0

Pirmiausia perkeliame devynis į dešinę pusę, gauname:

Dabar reikia padaryti tuos pačius pagrindus. Žinome, kad 9=3 2 . Naudokime laipsnio formulę (a n) m = a nm .

3 3x \u003d (3 2) x + 8

Gauname 9 x + 8 \u003d (3 2) x + 8 \u003d 3 2 x + 16

3 3x \u003d 3 2x + 16 dabar aišku, kad pagrindai kairėje ir dešinėje yra vienodi ir lygūs trims, o tai reiškia, kad galime juos atmesti ir sulyginti laipsnius.

3x=2x+16 gavo paprasčiausią lygtį
3x-2x=16
x=16
Atsakymas: x=16.

Pažvelkime į tokį pavyzdį:

2 2x + 4 - 10 4 x \u003d 2 4

Visų pirma, mes žiūrime į pagrindus, pagrindai yra skirtingi du ir keturi. Ir mes turime būti tokie patys. Keturkampį transformuojame pagal formulę (a n) m = a nm .

4 x = (2 2) x = 2 2x

Taip pat naudojame vieną formulę a n a m = a n + m:

2 2x+4 = 2 2x 2 4

Pridėkite prie lygties:

2 2x 2 4 - 10 2 2x = 24

Dėl tų pačių priežasčių pateikėme pavyzdį. Bet mums trukdo kiti skaičiai 10 ir 24. Ką su jais daryti? Atidžiau pažiūrėjus, matosi, kad kairėje pusėje kartojame 2 2x, štai atsakymas – iš skliaustų galime dėti 2 2x:

2 2x (2 4 - 10) = 24

Apskaičiuokime išraišką skliausteliuose:

2 4 — 10 = 16 — 10 = 6

Visą lygtį padaliname iš 6:

Įsivaizduokite 4 = 2 2:

2 2x \u003d 2 2 bazės yra vienodos, išmeskite jas ir sulyginkite laipsnius.
2x \u003d 2 pasirodė pati paprasčiausia lygtis. Padaliname iš 2, gauname
x = 1
Atsakymas: x = 1.

Išspręskime lygtį:

9 x - 12*3 x +27 = 0

Transformuokime:
9 x = (3 2) x = 3 2x

Gauname lygtį:
3 2x - 12 3 x +27 = 0

Mūsų pagrindai yra vienodi, lygūs trims Šiame pavyzdyje aišku, kad pirmasis trigubas turi laipsnį du kartus (2x) nei antrasis (tik x). Tokiu atveju galite nuspręsti pakeitimo metodas. Skaičius su mažiausiu laipsniu pakeičiamas taip:

Tada 3 2x \u003d (3 x) 2 \u003d t 2

Lygtyje su t visus laipsnius pakeičiame x:

t 2 - 12t + 27 \u003d 0
Gauname kvadratinę lygtį. Išsprendžiame per diskriminantą, gauname:
D=144-108=36
t1 = 9
t2 = 3

Atgal į kintamąjį x.

Mes priimame t 1:
t 1 \u003d 9 \u003d 3 x

Tai yra,

3 x = 9
3 x = 3 2
x 1 = 2

Buvo rasta viena šaknis. Ieškome antrojo, nuo t 2:
t 2 \u003d 3 \u003d 3 x
3 x = 3 1
x 2 = 1
Atsakymas: x 1 \u003d 2; x 2 = 1.

Svetainėje galite skiltyje PADĖTI SPRENDIMS užduoti dominančius klausimus, mes tikrai jums atsakysime.

Prisijunkite prie grupės

Nebijokite mano žodžių, su šiuo metodu jau susidūrėte 7 klasėje, kai studijavote daugianarius.

Pavyzdžiui, jei jums reikia:

Sugrupuokime: pirmą ir trečią terminus, taip pat antrą ir ketvirtą.

Akivaizdu, kad pirmasis ir trečiasis yra kvadratų skirtumas:

o antrasis ir ketvirtasis turi bendrą koeficientą iš trijų:

Tada pradinė išraiška yra lygiavertė šiai:

Iš kur paimti bendrą veiksnį nebėra sunku:

Vadinasi,

Apytiksliai taip elgsimės spręsdami eksponentines lygtis: tarp terminų ieškokite „bendrumo“ ir išimkite jį iš skliaustų, na, tada – tebūnie, tikiu, kad mums pasiseks =))

14 pavyzdys

Dešinėje yra toli nuo septynių galios (patikrinau!) O kairėje - šiek tiek geriau ...

Žinoma, jūs galite „atpjauti“ faktorių a nuo antrojo kadencijos nuo pirmos kadencijos ir tada susitvarkyti su tuo, ką gavote, bet elkimės su jumis apdairiau.

Nenoriu susidurti su trupmenomis, kurios neišvengiamai susidaro dėl „atrankos“, tad ar neturėčiau geriau ištverti?

Tada aš neturėsiu frakcijų: kaip sakoma, ir vilkai sotūs, ir avys saugios:

Suskaičiuokite išraišką skliausteliuose.

Stebuklingai, stebuklingai taip išeina (keista, nors ko dar galime tikėtis?).

Tada šiuo koeficientu sumažiname abi lygties puses. Gauname: kur.

Čia yra sudėtingesnis pavyzdys (tikrai gana):

Štai ir bėda! Mes čia neturime bendro pagrindo!

Nelabai aišku, ką dabar daryti.

Ir darykime, ką galime: pirma, „keturiukus“ perkelsime viena kryptimi, o „penkiukus“ – kita:

Dabar išimkime „bendrą“ kairėje ir dešinėje:

Tai kas dabar?

Kokia nauda iš tokio kvailo grupavimo? Iš pirmo žvilgsnio jo visai nesimato, bet pažiūrėkime giliau:

Na, o dabar padarykime taip, kad kairėje būtų tik išraiška c, o dešinėje – visa kita.

Kaip mes galime tai padaryti?

Ir štai kaip: pirma padalykite abi lygties puses iš (taip atsikratytume eksponento dešinėje), o tada abi puses padalinkite iš (taip atsikratytume skaitinio koeficiento kairėje).

Galiausiai gauname:

Neįtikėtina!

Kairėje turime išraišką, o dešinėje - tiesiog.

Tada iš karto darome tokią išvadą

15 pavyzdys

Pateiksiu trumpą jo sprendimą (labai nesivargindamas paaiškinti), pabandyk pats išsiaiškinti visas sprendimo „subtilybes“.

Dabar baigiamas galutinis apimtos medžiagos konsolidavimas.

Savarankiškai išspręskite šias 7 užduotis (su atsakymais)

1. Išimkime bendrą veiksnį iš skliaustų:
2. Pirmąją išraišką pavaizduojame formoje: , padalykite abi dalis iš ir gaukite tai
3. , tada pradinė lygtis konvertuojama į formą: Na, o dabar užuomina – paieškokite, kur mes su jumis jau išsprendėme šią lygtį!
4. Įsivaizduokite, kaip, kaip, ah, gerai, tada padalinkite abi dalis iš, kad gautumėte paprasčiausią eksponentinę lygtį.
5. Išimkite jį iš skliaustų.
6. Išimkite jį iš skliaustų.

EKSPOZICINĖS LYGTYBĖS. VIDUTINIS LYGIS

Manau, kad perskaičius pirmąjį straipsnį, kuriame buvo pasakyta kas yra eksponentinės lygtys ir kaip jas išspręsti, įsisavinote būtiną žinių minimumą, reikalingą paprasčiausiems pavyzdžiams išspręsti.

Dabar analizuosiu kitą eksponentinių lygčių sprendimo būdą, tai yra ...

Naujo kintamojo įvedimo (arba pakeitimo) metodas

Jis sprendžia daugumą „sudėtingų“ uždavinių eksponentinių lygčių (ir ne tik lygčių) tema.

Šis metodas yra vienas iš dažniausiai naudojamas praktikoje. Pirmiausia rekomenduoju susipažinti su tema.

Kaip jau supratote iš pavadinimo, šio metodo esmė yra įvesti tokį kintamojo pakeitimą, kad jūsų eksponentinė lygtis stebuklingai transformuotųsi į tokią, kurią jau galite lengvai išspręsti.

Išsprendus šią labai „supaprastintą lygtį“, jums belieka atlikti „atvirkštinį pakeitimą“: tai yra, grįžti iš pakeisto į pakeistą.

Iliustruojame tai, ką ką tik pasakėme, labai paprastu pavyzdžiu:

16 pavyzdys. Paprastas pakeitimo būdas

Ši lygtis išspręsta su "paprastas pakeitimas", kaip jį paniekinamai vadina matematikai.

Iš tiesų, pakeitimas čia yra akivaizdžiausias. Tiesiog tai reikia pamatyti

Tada pradinė lygtis tampa tokia:

Jei papildomai įsivaizduosime, kaip, tada visiškai aišku, kad būtina pakeisti ...

Žinoma, .

Kas tada tampa pradine lygtimi? Ir štai kas:

Jo šaknis galite lengvai rasti patys:.

Ką dabar turėtume daryti?

Atėjo laikas grįžti prie pradinio kintamojo.

Ką pamiršau įtraukti?

Būtent: pakeičiant tam tikrą laipsnį nauju kintamuoju (ty pakeičiant tipą), man bus įdomu tik teigiamos šaknys!

Jūs pats galite nesunkiai atsakyti kodėl.

Taigi, jūs nesame suinteresuoti, bet antroji šaknis mums tinka:

Tada kur.

Atsakymas:

Kaip matote, ankstesniame pavyzdyje pakaitalas prašė mūsų rankų. Deja, taip būna ne visada.

Tačiau nepereikime tiesiai į liūdną, o praktikuokite dar vieną pavyzdį su gana paprastu pakeitimu

17 pavyzdys. Paprastas pakeitimo būdas

Aišku, kad greičiausiai jį reikės pakeisti (tai yra mažiausia galia, įtraukta į mūsų lygtį).

Tačiau prieš įvedant pakaitalą, mūsų lygtis turi būti jai „paruošta“, būtent: , .

Tada galite pakeisti, todėl gausiu tokią išraišką:

O siaubas: kubinė lygtis su absoliučiai baisiomis jos sprendimo formulėmis (na, kalbant bendrais bruožais).

Tačiau iš karto nenusiminkim, o pagalvokime, ką turėtume daryti.

Siūlysiu sukčiauti: mes žinome, kad norint gauti „gražų“ atsakymą, reikia gauti kokio nors laipsnio trijų pavidalą (kodėl taip būtų, a?).

Ir pabandykime atspėti bent vieną mūsų lygties šaknį (pradėsiu spėlioti nuo trijų galių).

Pirmas spėjimas. Ar ne šaknis. Deja ir ak...

.
Kairė pusė lygi.
Dešinė dalis: !

Yra! Atspėjo pirmą šaknį. Dabar viskas bus lengviau!

Ar žinote apie "kampo" padalijimo schemą? Žinoma, jūs naudojate jį, kai dalijate vieną skaičių iš kito.

Tačiau mažai žmonių žino, kad tą patį galima padaryti ir su daugianariais.

Yra viena nuostabi teorema:

Taikoma mano situacijai, ji man nurodo, kas dalijasi be likučio iš.

Kaip vykdomas padalijimas? Štai taip:

Žiūriu, kurį monomį turėčiau padauginti, kad gaučiau

Aišku, kad tada:

Gautą išraišką atėmiau iš, gaunu:

Dabar ką man reikia padauginti, kad gaučiau?

Aišku, kad tada aš gausiu:

ir vėl atimkite gautą išraišką iš likusios:

Na, paskutinis žingsnis, aš padauginu iš ir atimsiu iš likusios išraiškos:

Oho, dalyba baigėsi! Ką sukaupėme privačiai?

Savaime: .

Tada gavome tokį pradinio daugianario išplėtimą:

Išspręskime antrąją lygtį:

Jis turi šaknis:

Tada pradinė lygtis:

turi tris šaknis:

Mes, žinoma, atmetame paskutinę šaknį, nes ji yra mažesnė už nulį.

Ir pirmieji du po atvirkštinio pakeitimo suteiks mums dvi šaknis:

Atsakymas: ..

Nenorėjau tavęs išgąsdinti šiuo pavyzdžiu!

Atvirkščiai, aš siekiau parodyti, kad nors turėjome gana paprastą pakeitimą, vis dėlto tai lėmė gana sudėtingą lygtį, kurios sprendimas iš mūsų pareikalavo ypatingų įgūdžių.

Na, niekas nuo to neapsaugotas. Tačiau pokytis šiuo atveju buvo gana akivaizdus.

18 pavyzdys (su mažiau akivaizdžiu pakeitimu)

Visiškai neaišku, ką turėtume daryti: problema ta, kad mūsų lygtyje yra dvi skirtingos bazės ir vienos bazės negalima gauti iš kitos, pakeliant ją į bet kokią (protingą, natūralią) galią.

Vis dėlto, ką mes matome?

Abi bazės skiriasi tik ženklu, o jų sandauga yra kvadratų skirtumas, lygus vienetui:

Apibrėžimas:

Taigi, mūsų pavyzdyje esantys skaičiai yra konjuguoti.

Tokiu atveju būtų protingas žingsnis padauginkite abi lygties puses iš konjuguoto skaičiaus.

Pavyzdžiui, įjungta, tada kairioji lygties pusė taps lygi, o dešinioji.

Jei pakeisime, mūsų pradinė lygtis su jumis taps tokia:

tada jos šaknys, bet prisiminę tai, mes tai suprantame.

Atsakymas: ,.

Paprastai pakeitimo metodo pakanka daugumai „mokyklinių“ eksponentinių lygčių išspręsti.

Šios padidinto sudėtingumo užduotys paimtos iš egzamino variantų.

Trys padidinto sudėtingumo užduotys iš egzamino variantų

Jūs jau esate pakankamai raštingas, kad galėtumėte savarankiškai išspręsti šiuos pavyzdžius. Duosiu tik reikiamą pakaitalą.

1. Išspręskite lygtį:
2. Raskite lygties šaknis:
3. Išspręskite lygtį:. Raskite visas šios lygties šaknis, priklausančias segmentui:

Dabar trumpi paaiškinimai ir atsakymai:

19 pavyzdys

Čia pakanka pažymėti, kad ir.

Tada pradinė lygtis bus lygiavertė šiai:

Ši lygtis išspręsta pakeičiant

Atlikite šiuos skaičiavimus patys.

Galų gale jūsų užduotis bus sumažinta iki paprasčiausio trigonometrinio sprendimo (priklausomai nuo sinuso ar kosinuso). Tokių pavyzdžių sprendimą aptarsime kituose skyriuose.

20 pavyzdys

Čia netgi galite išsiversti be pakeitimo ...

Pakanka perkelti subtraheną į dešinę ir pateikti abi bazes per dviejų laipsnius: ir tada iškart pereiti prie kvadratinės lygties.

21 pavyzdys

Tai taip pat išspręsta gana standartiškai: įsivaizduokite, kaip.

Tada, pakeisdami, gauname kvadratinę lygtį: tada,

Ar jau žinai, kas yra logaritmas? Ar ne? Tada skubiai perskaitykite temą!

Akivaizdu, kad pirmoji šaknis nepriklauso segmentui, o antroji yra nesuprantama!

Bet mes sužinosime labai greitai!

Nuo tada (tai yra logaritmo savybė!)

Atimkite iš abiejų dalių, tada gausime:

Kairė pusė gali būti pavaizduota taip:

padauginkite abi puses iš:

tada galima padauginti iš

Tada palyginkime:

nuo tada:

Tada antra šaknis priklauso norimam intervalui

Atsakymas:

Kaip tu matai, eksponentinių lygčių šaknų parinkimas reikalauja gana gilių logaritmų savybių žinių, todėl patariu būti kuo atsargesniems sprendžiant eksponentines lygtis.

Kaip žinote, matematikoje viskas yra tarpusavyje susiję!

Kaip sakydavo mano matematikos mokytojas: „Matematikos neperskaitysi taip, kaip istorijos per vieną naktį“.

Kaip taisyklė, visi sunkumas sprendžiant padidinto sudėtingumo problemas yra būtent lygties šaknų pasirinkimas.

Dar vienas praktikos pavyzdys...

22 pavyzdys

Akivaizdu, kad pati lygtis išspręsta gana paprastai.

Pakeitę pradinę lygtį sumažiname iki šios:

Pirma, pasvarstykime pirmoji šaknis.

Palyginkite ir: nuo tada. (logaritminės funkcijos savybė, at).

Tada aišku, kad mūsų intervalui nepriklauso ir pirmoji šaknis.

Dabar antroji šaknis: . Tai aišku (kadangi funkcija didėja).

Belieka palyginti ir

nuo tada, tuo pačiu metu.

Taigi aš galiu „suvaryti“ tarp ir.

Šis kaištis yra skaičius.

Pirmoji išraiška yra mažesnė už, o antroji yra didesnė už.

Tada antroji išraiška yra didesnė už pirmąją, o šaknis priklauso intervalui.

Atsakymas:.

Pabaigoje pažvelkime į kitą lygties pavyzdį, kai pakeitimas yra gana nestandartinis.

23 pavyzdys (lygtis su nestandartiniu pakeitimu!)

Pradėkime iš karto nuo to, ką galite padaryti, o ką – iš principo galite, bet geriau to nedaryti.

Galima – viską reprezentuoti per trijų, dviejų ir šešių galias.

Kur tai veda?

Taip, ir nieko neprives: laipsnių maišas, kurio kai kurių bus gana sunku atsikratyti.

Ko tada reikia?

Atkreipkime dėmesį, kad a

Ir ką tai mums duos?

Ir tai, kad šio pavyzdžio sprendimą galime redukuoti iki gana paprastos eksponentinės lygties!

Pirma, perrašykime savo lygtį taip:

Dabar padalijame abi gautos lygties puses į:

Eureka! Dabar galime pakeisti, gauname:

Na, o dabar jūsų eilė spręsti problemas demonstravimui, o aš jas pateiksiu tik trumpus komentarus, kad nenuklystumėte! Sėkmės!

24 pavyzdys

Sunkiausia!

Matyti čia pakaitalą, oi, kaip negražu! Nepaisant to, šis pavyzdys gali būti visiškai išspręstas naudojant pilno kvadrato pasirinkimas.

Norėdami tai išspręsti, pakanka atkreipti dėmesį, kad:

Taigi čia yra jūsų pakaitalas:

(Atkreipkite dėmesį, kad su mūsų pakeitimu mes negalime atmesti neigiamos šaknies!!! Ir kodėl, ką jūs manote?)

Dabar, norėdami išspręsti pavyzdį, turite išspręsti dvi lygtis:

Abu jie išsprendžiami naudojant „standartinį pakeitimą“ (bet antrasis viename pavyzdyje!)

25 pavyzdys

2. Pastebėkite tai ir pakeiskite.

26 pavyzdys

3. Išplėskite skaičių į kopirminius veiksnius ir supaprastinkite gautą išraišką.

27 pavyzdys

4. Padalinkite trupmenos skaitiklį ir vardiklį iš (arba jei norite) ir pakeiskite arba.

28 pavyzdys

5. Atkreipkite dėmesį, kad skaičiai ir yra konjuguoti.

EKSPENENTINIŲ LYGČIŲ SPRENDIMAS LOGARIFAVIMO METODU. PAŽEIDĖJANTIS LYGIS

Be to, pažiūrėkime kitu būdu - eksponentinių lygčių sprendimas logaritmo metodu.

Negaliu teigti, kad eksponentinių lygčių sprendimas šiuo metodu yra labai populiarus, tačiau kai kuriais atvejais tik tai gali mus atvesti prie teisingo mūsų lygties sprendimo.

Ypač dažnai jis naudojamas sprendžiant vadinamuosius " mišrios lygtys“: tai yra tie, kuriuose yra skirtingų tipų funkcijos.

29 pavyzdys

bendruoju atveju ją galima išspręsti tik imant abiejų dalių logaritmą (pavyzdžiui, pagal bazę), kuriame pradinė lygtis virsta tokia:

Panagrinėkime tokį pavyzdį:

Aišku, kad mus domina tik logaritminės funkcijos ODZ.

Tačiau tai išplaukia ne tik iš logaritmo ODZ, bet ir dėl kitos priežasties.

Manau, jums nebus sunku atspėti, kuris iš jų.

Paimkime abiejų lygties pusių logaritmą į bazę:

Kaip matote, mūsų pradinės lygties logaritmas greitai atvedė mus prie teisingo (ir gražaus!) atsakymo.

Praktikuokime su dar vienu pavyzdžiu.

30 pavyzdys

Čia taip pat nėra ko jaudintis: imame abiejų lygties pusių logaritmą pagal bazę, tada gauname:

Pakeiskime:

Tačiau mes kažko praleidome! Ar pastebėjote, kur aš padariau klaidą? Juk tada:

kuris neatitinka reikalavimo (pagalvokite, iš kur jis atsirado!)

Atsakymas:

Pabandykite užrašyti toliau pateiktų eksponentinių lygčių sprendimą:

Dabar patikrinkite savo sprendimą šiuo:

31 pavyzdys

Abiejų dalių logaritmą imame į bazę, atsižvelgiant į tai:

(antra šaknis mums netinka dėl pakeitimo)

32 pavyzdys

Logaritmas į bazę:

Pakeiskime gautą išraišką į tokią formą:

EKSPOZICINĖS LYGTYBĖS. TRUMPAS APRAŠYMAS IR PAGRINDINĖ FORMULĖ

eksponentinė lygtis

Tipo lygtis:

paskambino paprasčiausia eksponentinė lygtis.

Laipsnio savybės

Sprendimo būdai

• Sumažinimas iki tos pačios bazės
• Sumažinimas iki to paties laipsnio
• Kintamasis pakeitimas
• Supaprastinkite išraišką ir pritaikykite vieną iš aukščiau pateiktų dalykų.

Atgal į priekį

Dėmesio! Skaidrės peržiūra skirta tik informaciniams tikslams ir gali neatspindėti visos pristatymo apimties. Jei jus domina šis darbas, atsisiųskite pilną versiją.

Pamokos tipas

: žinių, įgūdžių ir gebėjimų apibendrinimo ir kompleksinio taikymo pamoka tema „Eksponentinės lygtys ir jų sprendimo būdai“.

Pamokos tikslai.

Pamokos:

kartoti ir susisteminti pagrindinę temos „Eksponentinės lygtys, jų sprendiniai“ medžiagą; įtvirtinti gebėjimą naudoti tinkamus algoritmus sprendžiant įvairaus tipo eksponencines lygtis; pasiruošimas egzaminui.

Kuriama:

ugdyti loginį ir asociatyvų mokinių mąstymą; skatinti savarankiško žinių taikymo įgūdžių ugdymą.

Švietimas:

ugdyti tikslingumą, atidumą ir tikslumą sprendžiant lygtis.

Įranga:

kompiuteris ir multimedijos projektorius.

Pamoka naudoja Informacinės technologijos : metodinė pagalba pamokai - pristatymas Microsoft Power Point.

Per užsiėmimus

Kiekvienas įgūdis ateina su sunkiu darbu.

aš. Pamokos tikslo nustatymas(skaidrės numeris 2 )

Šioje pamokoje apibendrinsime ir apibendrinsime temą „Eksponentinės lygtys, jų sprendimai“. Susipažinkime su tipinėmis įvairių metų egzamino užduotimis šia tema.

Eksponentinių lygčių sprendimo užduotis galima rasti bet kurioje USE užduočių dalyje. dalyje " AT " dažniausiai siūlo spręsti pačias paprasčiausias eksponentines lygtis. dalyje " NUO " galite patenkinti sudėtingesnes eksponentines lygtis, kurių sprendimas dažniausiai yra vienas iš užduoties etapų.

Pavyzdžiui ( skaidrės numeris 3 ).

• NAUDOJIMAS – 2007 m

B 4 – Raskite didžiausią išraiškos reikšmę x y, kur ( X; adresu) yra sistemos sprendimas:

• NAUDOJIMAS – 2008 m

B 1 – išspręskite lygtis:

a) X 6 3X – 36 6 3X = 0;

b) 4 X +1 + 8 4X= 3.

• NAUDOJIMAS – 2009 m

B 4 – Raskite išraiškos reikšmę x + y, kur ( X; adresu) yra sistemos sprendimas:

• NAUDOJIMAS – 2010 m

– Išspręskite lygtį: 7 X– 2 = 49. – Raskite lygties šaknis: 4 X 2 + 3X – 2 - 0,5 2x2 + 2X – 1 = 0. – Išspręskite lygčių sistemą:

II. Pagrindinių žinių atnaujinimas. Kartojimas

(4–6 skaidrės klasės pristatymai)

Rodomas ekranas teorinės medžiagos informacinė santrauka šia tema.

Aptariami šie klausimai:

1. Kokios lygtys vadinamos orientacinis?
2. Įvardykite pagrindinius jų sprendimo būdus. Pateikite jų tipų pavyzdžių ( skaidrės numeris 4 )

(Patys išspręskite kiekvieno metodo siūlomas lygtis ir atlikite savitikrą naudodami skaidrę)

3. Kokia teorema naudojama sprendžiant paprasčiausias formos eksponentines lygtis: ir f(x) = a g(x)?
4. Kokie kiti eksponentinių lygčių sprendimo būdai egzistuoja? ( skaidrės numeris 5 )

• Faktorizacijos metodas
(remiantis galių savybėmis su tos pačios bazės, priėmimas: laipsnis su žemiausiu rodikliu išimamas iš skliaustų).
• Dalybos (daugybos) gavimas ne nuliu, o eksponentine išraiška, sprendžiant vienarūšes eksponenlines lygtis
.

• Patarimas:

sprendžiant eksponentines lygtis, pravartu pirmiausia atlikti transformacijas, gaunant laipsnius su tais pačiais pagrindais abiejose lygties dalyse.

1. Lygčių sprendimas dviem paskutiniais metodais, po kurių pateikiami komentarai

(skaidrės numeris 6 ).

. 4 X+ 1 – 2 4 X– 2 = 124, 4 X– 2 (4 3 - 2) = 124, 4 X– 2 62 = 124,

4 X– 2 = 2, 4 X– 2 = 4 0,5 , X– 2 = 0,5, x = 2,5 .

2 2 2 x – 3 2 X 5X - 5 5 2X= 0¦: 5 2 X 0,

2 (2/5) 2x - 3 (2/5) X - 5 = 0,

t = (2/5) x, t > 0, 2t 2 - 3t- 5 = 0,t= -1(?...), t = 5/2; 5/2 = (2/5) x, X= ?...

III. USE uždavinių sprendimas 2010 m

Mokiniai savarankiškai sprendžia pamokos pradžioje 3 skaidrėje pasiūlytas užduotis, naudodamiesi sprendimo instrukcijomis, patikrina savo sprendimo eigą ir atsakymus į juos naudodami pristatymą ( skaidrės numeris 7). Darbo metu aptariami sprendimo variantai ir būdai, atkreipiamas dėmesys į galimas sprendimo klaidas.

: a) 7 X– 2 = 49, b) (1/6) 12-7 x = 36. Atsakymas: a) X= 4, b) X = 2. : 4 X 2 + 3X – 2 - 0,5 2x2 + 2X- 1 \u003d 0. (Galite pakeisti 0,5 \u003d 4 - 0,5)

Sprendimas. ,

X 2 + 3X – 2 = -X 2 - 4X + 0,5 …

Atsakymas: X= -5/2, X = 1/2.

: 55 tg y+ 4 = 5 -tg y, cos y< 0.

Pasiūlymas priimti sprendimą

. 55 tg y+ 4 = 5 -tg y¦ 5 tg y 0,

55 2g y+ 4 5 tg y- 1 = 0. Tegu X= 5 tg y , …

5 tg y = -1 (?...), 5 tg y= 1/5.

Kadangi tg y= -1 ir kos y< 0, tada adresu II koordinačių ketvirtis

Atsakymas: adresu= 3/4 + 2k, k N.

IV. Bendradarbiavimas su lentomis

Svarstoma aukšto lygio mokymosi užduotis - skaidrės numeris 8. Šios skaidrės pagalba vyksta dialogas tarp mokytojo ir mokinių, kuris prisideda prie sprendimo kūrimo.

– Kokiu parametru a lygtis 2 2 X – 3 2 X + a 2 – 4a= 0 turi dvi šaknis?

Leisti t= 2 X, kur t > 0 . Mes gauname t 2 – 3t + (a 2 – 4a) = 0 .

vienas). Kadangi lygtis turi dvi šaknis, tai D > 0;

2). Nes t 1,2 > 0, tada t 1 t 2 > 0, tai yra a 2 – 4a> 0 (?...).

Atsakymas: a(– 0,5; 0) arba (4; 4,5).

V. Patikrinimo darbai

(skaidrės numeris 9 )

Mokiniai koncertuoja patikros darbai lankstinukuose, savęs kontrolė ir atlikto darbo įsivertinimas pristatymo pagalba, teigdami save temoje. Jie savarankiškai nustato žinių reguliavimo ir taisymo programą, pagrįstą darbo knygelėse padarytomis klaidomis. Lapai su atliktu savarankišku darbu perduodami mokytojui patikrinti.

Pabraukti skaičiai yra pagrindiniai, tie, kurie pažymėti žvaigždute, yra išplėstiniai.

Sprendimas ir atsakymai.

0,3 2X + 1 = 0,3 – 2 , 2X + 1 = -2, X= -1,5.

(1; 1).

3. 2 X– 1 (5 2 4 - 4) = 19, 2 X– 1 76 = 19, 2 X– 1 = 1/4, 2 X– 1 = 2 – 2 , X– 1 = -2,

x = -1.

4 *.3 9 x = 2 3 X 5X+ 5 25 X | : 25 X ,

3 (9/25) x = 2 (3/5) X+ 5,

3 (9/27) X = 2 (3/5) X + 5 = 0,

3 (3/5) 2X – 2 (3/5) X - 5 = 0,…, (3/5) X = -1 (Netinkamas),

(3/5) X = 5, x = -1.

VI. Namų darbai

(skaidrės numeris 10 )

• Pakartokite 11, 12 punktus.
• Iš Vieningo valstybinio egzamino 2008 - 2010 medžiagos pasirinkite užduotis šia tema ir jas spręskite.
• Namų bandomasis darbas
: